【電験三種：理論】令和５年度下期　問２

難易度

クーロン力に関する難問です。

基本的な事を知っていれば二択までは持っていけます。
最後の二択は少々手間な式変形をする必要があります。
問題文中に式変形のヒントは与えられていますが、それを上手く使わないと回答は導き出せません。

上手く導き出せない時は、時間に追われず冷静に解く必要があるので、一度後回しにした方が良いかもしれません。

問題

次の文章は、帯電した導体球に関する記述である。
真空中で導体球A及びBが軽い絶縁体の糸で固定点Oからつり下げられている。真空の誘電率を$ε_0[F/m]$、重力加速度を$g[m/s^2]$とする。
A及びBは同じ大きさと質量$m[kg]$をもつ。
糸の長さは各導体球の中心点が点Oから距離$l[m]$となる長さである。

まず、導体球A及びBにそれぞれ電荷$Q[C]$、$3Q[C]$を与えて帯電させたところ、静電力による ア が生じ、図のようにA及びBの$d[m]$離れた状態で釣り合った。ただし、導体球の直径は$d$に比べて十分に小さいとする。
このとき、個々の導体球において、静電力$F=$イ $[N]$、重力$mg[N]$、糸の張力$T[N]$、の三つの力が釣り合っている。三平方の定理より$F^2+(mg)^2=T^2$が成り立ち、張力の方向を考えると$\displaystyle \frac{F}{T}$は$\displaystyle \frac{d}{2l}$に等しい。
これらにより$T$を消去し整理すると、$d$が満たす式として、

$\displaystyle k\left( \frac{d}{2l}\right)^3 = \sqrt{1-\left( \frac{d}{2l}\right)^2}$

が導かれる。ただし、係数$k=$ウである。

次に、AとBとを一旦接触させたところAB間で電荷が異動し、同電位となった。そしてAとBとが力の釣合いの位置に戻った。接触前に比べ、距離$d$はエした。

上記の記述中の空白箇所(ア)～(エ)に当てはまる組合せとして、正しいものを次の(１)～(５)のうちから一つ選べ。

	(ア)	(イ)	(ウ)	(エ)
(１)	反発力	$\displaystyle \frac{3Q^2}{4\pi ε_0d^2}$	$\displaystyle \frac{16\pi ε_0l^2mg}{3Q^2}$	増加
(２)	吸引力	$\displaystyle \frac{Q^2}{4\pi ε_0d^2}$	$\displaystyle \frac{4\pi ε_0l^2mg}{Q^2}$	増加
(３)	反発力	$\displaystyle \frac{3Q^2}{4\pi ε_0d^2}$	$\displaystyle \frac{4\pi ε_0l^2mg}{Q^2}$	増加
(４)	反発力	$\displaystyle \frac{Q^2}{4\pi ε_0d^2}$	$\displaystyle \frac{16\pi ε_0l^2mg}{3Q^2}$	減少
(５)	吸引力	$\displaystyle \frac{Q^2}{4\pi ε_0d^2}$	$\displaystyle \frac{4\pi ε_0l^2mg}{Q^2}$	減少

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答え

(1)

要点整理

クーロン力について

クーロン力は、正電荷－正電荷や、負電荷－負電荷の間では、互いに反発力が働きます。

正電荷－負電荷の互いに符号が違う電荷間では引力が働きます。

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二つの電荷間に働くクーロン力の大きさを求めます。

まず初めに、電荷$+Q[C]$が作り出す電界の強さ$E[V/m]$を求めます。

$\displaystyle E=\frac{Q}{ε_0S}$
です。
面積$S$は、球の表面積$S=4πr^2$なので、
$\displaystyle E=\frac{Q}{4πε_0r^2}$
と求まります。

次に、電荷$+Q[C]$が作り出した電界$E$の中にある電荷$q[C]$に働くクーロン力$F[N]$は、

$\displaystyle F=qE=\frac{qQ}{4πε_0r^2}$

と求まります。

導体球にかかる力の向き

導体球にかかる力の向きは、図に示した通りです。

図の三角形のうち、クーロン力$F[N]$は$\frac{d}{2}[m]$に対応し、糸の張力$T[N]$は$l[m]$に対応します。

そのため、
$\displaystyle \frac{F}{T}=\frac{\frac{d}{2}}{l}=\frac{d}{2l}$
となります。

要点整理の適用

ア

二つの球に正電荷を帯電させたため、反発力が発生します。

イ

要点整理で示した通り、
$\displaystyle F=3Q・E=\frac{3Q^2}{4πε_0d^2}$　　　………①
のクーロン力が働きます。

ウ
問題文中で下記②③式が与えられています。
$F^2+(mg)^2=T^2$　　　………②
$\displaystyle \frac{F}{T}=\frac{d}{2l}$　　　………③

③式を変形した式も用意しておきます。
$\displaystyle \frac{1}{T}=\frac{1}{F}\frac{d}{2l}$　　　………④

②式を$T^2$で割った後、③・④式を代入します。
$\displaystyle \left( \frac{F}{T} \right)^2+\left( \frac{mg}{T} \right)^2=1$
⇔$\displaystyle \left( \frac{d}{2l} \right)^2+\left( \frac{mg}{F}\frac{d}{2l} \right)^2=1$
⇔$\displaystyle \left( \frac{mg}{F}\frac{d}{2l} \right)^2=1-\left( \frac{d}{2l} \right)^2$　
⇔$\displaystyle \frac{mg}{F}\frac{d}{2l} =\sqrt{1-\left( \frac{d}{2l} \right)^2}$　　　……⑤

⑤式に、①式を代入します。
$\displaystyle \frac{4πε_0d^2mg}{3Q^2}\frac{d}{2l} =\sqrt{1-\left( \frac{d}{2l} \right)^2}$
⇔$\displaystyle \frac{16πε_0l^2mg}{3Q^2} \left( \frac{d}{2l} \right)^3 =\sqrt{1-\left( \frac{d}{2l} \right)^2}$　　　………⑥
⇔$\displaystyle k \left( \frac{d}{2l} \right)^3 =\sqrt{1-\left( \frac{d}{2l} \right)^2}$　　　………⑦

以上、⑥⑦より、
$\displaystyle k=\frac{16πε_0l^2mg}{3Q^2}$

エ

導体球を接触させると、導体球Ｂから導体球Ａに電荷が移動し、両方の電荷は等しくなるので、それぞれの電荷は$2Q[C]$となります。
AB間の距離が$d'[m]$とすると、
$\displaystyle F=\frac{4Q^2}{4πε_0d’^2}=\frac{Q^2}{πε_0d’^2}$　　　……⑧

導体球を接触させる前の式①と、後の式⑧を比較すると
$\displaystyle \frac{3Q^2}{4πε_0d^2}=\frac{4Q^2}{4πε_0d’^2}=\frac{Q^2}{πε_0d’^2}$
⇔$d’=\sqrt{\frac{4}{3}}d$
以上より、$d’$は$d$よりも増加しました。

以上より、答えは(1)です。

出典元

令和５年度第三種電気主任技術者試験　理論科目Ａ問題下期問２

参考書